[洛谷P5136]sequence

题目大意：有$T(Tleqslant10^5)$组询问，每次求$A_n(nleqslant10^{18})$：
$$
A_n=leftlceilleft(dfrac{sqrt5+1}2 ight)^n ight ceil
$$
题解：通过打表看题解发现，这个序列是$2,3,5,7,dots$，即$A_n=A_{n-1}+A_{n-2}-[nequiv0pmod2]$，题解中说可以记录三个信息矩阵快速幂一下，然后我并不会处理$[nequiv0pmod2]$（果然我最菜）

继续看下去，他说可以构造数列$F$，$F_n=F_{n-1}+F_{n-1}(F_1=1,F_2=3)$，$A_n=F_n+(nmod2)$，这样就可以过去了，复杂度$O(2^3Tlog_2n)$

但是这样似乎感觉不够优秀，可以把转移矩阵分块预处理出来，$nleqslant10^{18}<2^{60}$，可以$sqrt{sqrt n}$即$2^{15}$分一块，这样就可以在常数复杂度内求出一次的答案了，复杂度$O(4 imes2^3T)$

更进一步的是，$F$为斐波那契数列，它在模一个数下有循环节，洛谷上有这么一道题，比如在$998244353$下为$1996488708$，这样就可以取模后分块，就可以只分成两块，减少常数，复杂度$O(2 imes2^3T)$（但是我跑的比上一个慢。。。加了编译指令才比上一个快）

卡点：最开始以为矩阵的右下角不会有值

C++ Code：

#include <cstdio>
#include <cctype>
#define N 65537
const int mod = 998244353, cover = (1 << 16) - 1;

namespace std {
	struct istream {
#define M (1 << 23 | 3)
		char buf[M], *ch = buf - 1;
		inline istream() { fread(buf, 1, M, stdin); }
		inline istream& operator >> (int &x) {
			while (isspace(*++ch));
			for (x = *ch & 15; isdigit(*++ch); ) x = x * 10 + (*ch & 15);
			return *this;
		}
		inline istream& operator >> (long long &x) {
			while (isspace(*++ch));
			for (x = *ch & 15; isdigit(*++ch); ) x = x * 10 + (*ch & 15);
			return *this;
		}
#undef M
	} cin;
	struct ostream {
#define M (1 << 22 | 3)
		char buf[M], *ch = buf - 1;
		inline ostream& operator << (int x) {
			if (!x) {*++ch = '0'; return *this;}
			static int S[20], *top; top = S;
			while (x) {*++top = x % 10 ^ 48; x /= 10;}
			for (; top != S; --top) *++ch = *top;
			return *this;
		}
		inline ostream& operator << (const char x) {*++ch = x; return *this;}
		inline ~ostream() { fwrite(buf, 1, ch - buf + 1, stdout); }
#undef M
	} cout;
}

struct Matrix {
	int s00, s01, s10, s11;
	Matrix() { }
	Matrix(int __00, int __01, int __10, int __11) : s00(__00), s01(__01), s10(__10), s11(__11) { }
	inline Matrix operator * (const Matrix &rhs) {
#define M(l, r) static_cast<long long> (s##l) * rhs.s##r
#define C(ll, lr, rl, rr) (M(ll, lr) + M(rl, rr)) % mod
		return Matrix(C(00, 00, 01, 10), C(00, 10, 01, 11), C(10, 00, 11, 10), C(10, 01, 11, 11));
#undef M
#undef calc
	}
} base0[N], base1[N], ans(3, 1, 0, 0);

void init() {
	const Matrix I(1, 0, 0, 1);
#define work(x) 
	*base##x = I; 
	for (int i = 1; i < N; ++i) base##x[i] = base##x[i - 1] * __base##x;
	const Matrix __base0(1, 1, 1, 0); work(0);
	const Matrix __base1 = base0[N - 1]; work(1);
#undef work
}

int Tim;
int main() {
	init();
	std::cin >> Tim;
	while (Tim --> 0) {
		static long long n;
		static int res;
		std::cin >> n; --n, n %= 1996488708;
		res = (ans * base0[n & cover] * base1[n >> 16 & cover]).s01 + !(n & 1) - mod;
		std::cout << res + (res >> 31 & mod) << '
';
	}
	return 0;
}