数学计算（线段树乘法）

数学计算（线段树乘法）

Describe

小豆现在有一个数 x，初始值为 1 。 小豆有 Q次操作，操作有两种类型:

• 1 m： x=x×m，输出 xmodM；
• 2 pos： x=x/ 第 pos 次操作所乘的数（保证第 pos 次操作一定为类型 1，对于每一个类型 1 的操作至多会被除一次），输出 xmodM。

Input

一共有 t 组输入。
对于每一组输入，第一行是两个数字 Q,M 。
接下来 Q 行，每一行为操作类型 op ，操作编号或所乘的数字 m （保证所有的输入都是合法的）。

Output

对于每一个操作，输出一行，包含操作执行后的 xmodM 的值

样例输入

1
10 1000000000
1 2
2 1
1 2
1 10
2 3
2 4
1 6
1 7
1 12
2 7

样例输入

2
1
2
20
10
1
6
42
504
84

Hint

对于 20% 的数据， 1≤Q≤500；
对于 100% 的数据， 1≤Q≤(10^5),t≤5,M≤(10^9).

Solution

​ 1. 第一种暴力，直接乘除取模，错误，因为每次取模后得到的数，不一定能被要求的数整除，一旦不能整除就全都是0了。

​ 2. 第二种是求逆元，但模数与原数不一定互质，舍去。

​ 3.所以我们可以选另一种线段树的方法，定义一个全是1的数组，将每个1操作要乘的数作为数组中一个值，加线段树维护积（树的根），如果是2操作，就把数组中的对应的数（也就是积的一个因子）改为1即可，改一下树中涉及到的每个节点。

​ 树的节点等于左右儿子乘积取模。因此这是一道单点修改线段树的题，连建树都不用，树节点直接初始为1即可。

Code

#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <cstring>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int maxn=1e5+5;
ll tr[maxn<<2],mod,n;
void modi(ll rt,ll l,ll r,ll x,ll y){
	if(l==r){
		tr[rt]=y;
		return;
	}
	ll mid=(l+r)>>1;
	if(x<=mid)modi(rt<<1,l,mid,x,y);
	else modi(rt<<1|1,mid+1,r,x,y);
	tr[rt]=(tr[rt<<1]%mod)*(tr[rt<<1|1]%mod)%mod;
}
int main(){
	int t;scanf("%d",&t);
	while(t--){
		for(int i=1;i<=4e5+5;++i)tr[i]=1;
		scanf("%lld%lld",&n,&mod);
		ll x,y;
		for(ll i=1LL;i<=n;++i){
			scanf("%lld%lld",&x,&y);
			if(x==1)modi(1,1,n,i,y);
			else modi(1,1,n,y,1);
			printf("%lld
",tr[1]);
		}
	}
	return 0;
}