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传送门

神题。

首先我们可以倒着考虑。

当车到达最后一栋楼的时候，车上一定只有到这栋楼的员工。

当车到达倒数第二栋楼的时候，车上一定只有到达剩下两栋楼的员工。

设这两栋楼分别为 (a,b)，且 (x_a<x_b)。如果当前公交车不在 (a,b) 之间，那么直接往一个方向移动肯定是最优秀的。否则，若 (p_a>p_b)，则一定会先往 (a) 的方向移动。

当车到达倒数第三栋楼的时候，车上一定只有到达剩下三栋楼的员工。

设这三栋楼分别为 (a,b,c)，且 (x_a<x_b<x_c)。如果当前公交车不在 (a,c) 之间，那么直接往一个方向移动肯定是最优秀的。

否则会有一类很特殊的情况：有汽车在 (a,b) 之间，且 (p_a>p_c,p_a<p_b+p_c)。这个时候如果 (c) 把票投给向自己家的方向，反而会使自己到家的时间变晚——汽车会先向 (c) 方向走，再到达 (a) 楼，最后到达 (c) 楼。

所以 (c) 一定会把票投给向 (a) 方向走。

我们发现这等价于把 (c) 楼的人全部看作 (a) 楼的人，然后再加上公交车到 (a) 楼的路程，使公交车移动到 (a) 楼。

然后你会发现我们上面分析的过程可以通过递归来实现，然后这个题就做完了。

/*---Author:HenryHuang---*/
/*---Never Settle---*/
/*---Never Enough---*/
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int maxn=1e5+5;
ll x[maxn],p[maxn];
ll n,s;
ll calc(ll l,ll r,ll t){
	if(s<x[l]) return x[r]-s;
	if(x[r]<s) return s-x[l];
	if(p[l]>=p[r]){
		p[l]+=p[r];
		return calc(l,r-1,l)+(t==r?x[r]-x[l]:0);
	}
	else{
		p[r]+=p[l];
		return calc(l+1,r,r)+(t==l?x[r]-x[l]:0);
	}
}
int main(){
	ios::sync_with_stdio(0);
	cin.tie(0),cout.tie(0);
	cin>>n>>s;
	for(int i=1;i<=n;++i){
		cin>>x[i]>>p[i];
	}
	cout<<calc(1,n,p[1]>=p[n]?n:1)<<'
';
	return 0;
}