多项式模板&题目整理

注：多项式的题目，数组应开：N的最近2的整数次幂的4倍。

多项式乘法

FFT模板

时间复杂度(O(nlog n))。

模板：

void FFT(Z *a,int x,int K){
	static int rev[N],lst;
	int n=(1<<x);
	if(n!=lst){
		for(int i=0;i<n;i++)rev[i]=(rev[i>>1]>>1)|((i&1)<<x-1);
		lst=n;
	}
	for(int i=0;i<n;i++)if(i<rev[i])swap(a[i],a[rev[i]]);
	for(int i=1;i<n;i<<=1){
		int tmp=i<<1;
		Z wn(cos(pi/i),sin(pi*K/i));
		for(int j=0;j<n;j+=tmp){
			Z w(1,0);
			for(int k=0;k<i;k++,w=w*wn){
				Z x=a[j+k],y=w*a[i+j+k];
				a[j+k]=x+y;a[i+j+k]=x-y;
			}
		}
	}
	if(K==-1)for(int i=0;i<n;i++)a[i]/=n;
}

重载运算符：

struct Z{
	double r,i;
	Z(double _r=0,double _i=0){r=_r,i=_i;}
	Z operator + (const Z &a)const{return Z(r+a.r,i+a.i);}
	Z operator - (const Z &a)const{return Z(r-a.r,i-a.i);}
	Z operator * (const Z &a)const{return Z(r*a.r-i*a.i,r*a.i+i*a.r);}
	Z operator / (const double &a)const{return Z(r/a,i/a);}
	Z operator /= (const double &a) {return *this=Z(r/a,i/a);}
};

---

例题：

【Loj108】多项式乘法

#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<cstdio>
#include<iomanip>
#include<cstdlib>
#include<complex>
#define MAXN 0x7fffffff
typedef long long LL;
const int N=400005;
using namespace std;
inline int Getint(){register int x=0,f=1;register char ch=getchar();while(!isdigit(ch)){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}while(isdigit(ch)){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();}return x*f;}

typedef complex<double> Z;
const double pi=M_PI;

int rev[N];
void FFT(Z *a,int x,int K){
	static int rev[N],lst;
	int n=(1<<x);
	if(n!=lst){
		for(int i=0;i<n;i++)rev[i]=(rev[i>>1]>>1)|((i&1)<<x-1);
		lst=n;
	}
	for(int i=0;i<n;i++)if(i<rev[i])swap(a[i],a[rev[i]]);
	for(int i=1;i<n;i<<=1){
		int tmp=i<<1;
		Z wn(cos(pi/i),sin(pi*K/i));
		for(int j=0;j<n;j+=tmp){
			Z w(1,0);
			for(int k=0;k<i;k++,w=w*wn){
				Z x=a[j+k],y=w*a[i+j+k];
				a[j+k]=x+y;a[i+j+k]=x-y;
			}
		}
	}
	if(K==-1)for(int i=0;i<n;i++)a[i]/=n;
}
Z a[N],b[N];
int main(){
	int n=Getint(),m=Getint();
	for(int i=0;i<=n;i++)a[i].real()=Getint();
	for(int i=0;i<=m;i++)b[i].real()=Getint();
	
	int x=ceil(log2(n+m+1));
	FFT(a,x,1),FFT(b,x,1);
	for(int i=0;i<(1<<x);i++)a[i]*=b[i];
	FFT(a,x,-1);
	for(int i=0;i<=n+m;i++)cout<<(int)(a[i].real()+0.5)<<' ';
	return 0;
}

NTT模板

时间复杂度(O(nlog n)​)。

模板：

void NTT(int *a,int x,int K){
	static int rev[N],lst;
	int n=(1<<x);
	if(n!=lst){
		for(int i=0;i<n;i++)rev[i]=(rev[i>>1]>>1)|((i&1)<<x-1);
		lst=n;
	}
	for(int i=0;i<n;i++)if(i<rev[i])swap(a[i],a[rev[i]]);
	for(int i=1;i<n;i<<=1){
		int tmp=i<<1,wn=ksm(3,(mod-1)/tmp);
		if(K==-1)wn=ksm(wn,mod-2); 
		for(int j=0;j<n;j+=tmp){
			int w=1;
			for(int k=0;k<i;k++,w=(LL)w*wn%mod){
				int x=a[j+k],y=(LL)w*a[i+j+k]%mod;
				a[j+k]=(x+y)%mod;a[i+j+k]=(x-y+mod)%mod;
			}
		}
	}
	if(K==-1){
		int inv=ksm(n,mod-2);
		for(int i=0;i<n;i++)a[i]=(LL)a[i]*inv%mod;
	}
}

---

例题：

【Loj108】多项式乘法

#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<cstdio>
#include<iomanip>
#include<cstdlib>
#include<complex>
#define MAXN 0x7fffffff
typedef long long LL;
const int N=400005,mod=998244353;
using namespace std;
inline int Getint(){register int x=0,f=1;register char ch=getchar();while(!isdigit(ch)){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}while(isdigit(ch)){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();}return x*f;}
int ksm(int x,int k){
	int ret=1;
	while(k){
		if(k&1)ret=1ll*ret*x%mod;
		x=1ll*x*x%mod,k>>=1;
	}
	return ret;
} 
void NTT(int *a,int x,int K){
	static int rev[N],lst;
	int n=(1<<x);
	if(n!=lst){
		for(int i=0;i<n;i++)rev[i]=(rev[i>>1]>>1)|((i&1)<<x-1);
		lst=n;
	}
	for(int i=0;i<n;i++)if(i<rev[i])swap(a[i],a[rev[i]]);
	for(int i=1;i<n;i<<=1){
		int tmp=i<<1,wn=ksm(3,(mod-1)/tmp);
		if(K==-1)wn=ksm(wn,mod-2); 
		for(int j=0;j<n;j+=tmp){
			int w=1;
			for(int k=0;k<i;k++,w=(LL)w*wn%mod){
				int x=a[j+k],y=(LL)w*a[i+j+k]%mod;
				a[j+k]=(x+y)%mod;a[i+j+k]=(x-y+mod)%mod;
			}
		}
	}
	if(K==-1){
		int inv=ksm(n,mod-2);
		for(int i=0;i<n;i++)a[i]=(LL)a[i]*inv%mod;
	}
}
int a[N],b[N];
int main(){
	int n=Getint(),m=Getint();
	for(int i=0;i<=n;i++)a[i]=Getint();
	for(int i=0;i<=m;i++)b[i]=Getint();
	
	int x=ceil(log2(n+m+1));
	NTT(a,x,1),NTT(b,x,1);
	for(int i=0;i<(1<<x);i++)a[i]=(LL)a[i]*b[i]%mod;
	NTT(a,x,-1);
	for(int i=0;i<=n+m;i++)cout<<a[i]<<' ';
	return 0;
}

常用的模数及其原根

r * 2 ^ k + 1	r	k	g
3	1	1	2
5	1	2	2
17	1	4	3
97	3	5	5
193	3	6	5
257	1	8	3
7681	15	9	17
12289	3	12	11
40961	5	13	3
65537	1	16	3
786433	3	18	10
5767169	11	19	3
7340033	7	20	3
23068673	11	21	3
104857601	25	22	3
167772161	5	25	3
469762049	7	26	3
950009857	453	21	7
998244353	119	23	3
1004535809	479	21	3
1005060097	1917	19	5
2013265921	15	27	31
2281701377	17	27	3
3221225473	3	30	5
75161927681	35	31	3
77309411329	9	33	7
206158430209	3	36	22
2061584302081	15	37	7

多项式求逆

前置知识：多项式乘法。

一个多项式有没有逆元完全取决于他的常数项有没有逆元。

时间复杂度(O(nlog n))。

模板：

void Inv(int *f,int *g,int len){
	static int A[N];
	if(len==1)return g[0]=ksm(f[0],mod-2),void();
	Inv(f,g,len>>1),copy(f,f+len,A);
	int x=log2(len<<1),n=1<<x;
	fill(A+len,A+n,0),fill(g+(len>>1),g+n,0);
	NTT(A,x,1),NTT(g,x,1);
	for(int i=0;i<n;i++)g[i]=(mod+2-(LL)A[i]*g[i]%mod)*g[i]%mod;
	NTT(g,x,-1),fill(g+len,g+n,0); 
}

---

例题

【LGOJ4238】多项式求逆

#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<cstdio>
#include<iomanip>
#include<cstdlib>
#define MAXN 0x7fffffff
typedef long long LL;
const int N=400005,mod=998244353;
using namespace std;
inline int Getint(){register int x=0,f=1;register char ch=getchar();while(!isdigit(ch)){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}while(isdigit(ch)){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();}return x*f;}
int ksm(int x,int k){
	int ret=1;
	while(k){
		if(k&1)ret=(LL)ret*x%mod;
		x=(LL)x*x%mod;
		k>>=1; 
	}
	return ret;
}
void NTT(int *a,int x,int K){
	static int rev[N],lst;
	int n=(1<<x);
	if(n!=lst){
		for(int i=0;i<n;i++)rev[i]=(rev[i>>1]>>1)|((i&1)<<x-1);
		lst=n;
	}
	for(int i=0;i<n;i++)if(i<rev[i])swap(a[i],a[rev[i]]);
	for(int i=1;i<n;i<<=1){
		int tmp=i<<1,wn=ksm(3,(mod-1)/tmp);
		if(K==-1)wn=ksm(wn,mod-2); 
		for(int j=0;j<n;j+=tmp){
			int w=1;
			for(int k=0;k<i;k++,w=(LL)w*wn%mod){
				int x=a[j+k],y=(LL)w*a[i+j+k]%mod;
				a[j+k]=(x+y)%mod;a[i+j+k]=(x-y+mod)%mod;
			}
		}
	}
	if(K==-1){
		int inv=ksm(n,mod-2);
		for(int i=0;i<n;i++)a[i]=(LL)a[i]*inv%mod;
	}
}
void Inv(int *f,int *g,int len){
	static int A[N];
	if(len==1)return g[0]=ksm(f[0],mod-2),void();
	Inv(f,g,len>>1),copy(f,f+len,A);
	int x=log2(len<<1),n=1<<x;
	fill(A+len,A+n,0),fill(g+(len>>1),g+n,0);
	NTT(A,x,1),NTT(g,x,1);
	for(int i=0;i<n;i++)g[i]=(mod+2-(LL)A[i]*g[i]%mod)*g[i]%mod;
	NTT(g,x,-1),fill(g+len,g+n,0); 
}
int f[N],g[N];
int main(){
	int n=Getint(),len=ceil(log2(n));
	for(int i=0;i<n;i++)f[i]=(Getint()%mod+mod)%mod;
	Inv(f,g,1<<len);
	for(int i=0;i<n;i++)cout<<g[i]<<' ';
	return 0;
}

多项式开根

前置知识：多项式求逆。

模板：

const int inv2=(mod+1)/2;
void Sqrt(int *f,int *g,int len){
	static int A[N],B[N];
	if(len==1)return g[0]=sqrt(f[0]),void();
	Sqrt(f,g,len>>1),Inv(g,B,len);
	copy(f,f+len,A);
	int x=log2(len<<1),n=1<<x;
	fill(A+len,A+n,0),fill(B+len,B+n,0),fill(g+(len>>1),g+n,0);
	NTT(A,x,1),NTT(B,x,1),NTT(g,x,1);
	for(int i=0;i<n;i++)g[i]=(g[i]+(LL)A[i]*B[i]%mod)%mod*inv2%mod;
	NTT(g,x,-1),fill(g+len,g+n,0);
}

---

应用：

#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<cstdio>
#include<iomanip>
#include<cstdlib>
#define MAXN 0x7fffffff
typedef long long LL;
const int N=400005,mod=998244353;
using namespace std;
inline int Getint(){register int x=0,f=1;register char ch=getchar();while(!isdigit(ch)){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}while(isdigit(ch)){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();}return x*f;}
int ksm(int x,int k){
	int ret=1;
	while(k){
		if(k&1)ret=(LL)ret*x%mod;
		x=(LL)x*x%mod;
		k>>=1; 
	}
	return ret;
}
void NTT(int *a,int x,int K){
	static int rev[N],lst;
	int n=(1<<x);
	if(n!=lst){
		for(int i=0;i<n;i++)rev[i]=(rev[i>>1]>>1)|((i&1)<<x-1);
		lst=n;
	}
	for(int i=0;i<n;i++)if(i<rev[i])swap(a[i],a[rev[i]]);
	for(int i=1;i<n;i<<=1){
		int tmp=i<<1,wn=ksm(3,(mod-1)/tmp);
		if(K==-1)wn=ksm(wn,mod-2); 
		for(int j=0;j<n;j+=tmp){
			int w=1;
			for(int k=0;k<i;k++,w=(LL)w*wn%mod){
				int x=a[j+k],y=(LL)w*a[i+j+k]%mod;
				a[j+k]=(x+y)%mod;a[i+j+k]=(x-y+mod)%mod;
			}
		}
	}
	if(K==-1){
		int inv=ksm(n,mod-2);
		for(int i=0;i<n;i++)a[i]=(LL)a[i]*inv%mod;
	}
}
void Inv(int *f,int *g,int len){
	static int A[N];
	if(len==1)return g[0]=ksm(f[0],mod-2),void();
	Inv(f,g,len>>1),copy(f,f+len,A);
	int x=log2(len<<1),n=1<<x;
	fill(A+len,A+n,0),fill(g+(len>>1),g+n,0);
	NTT(A,x,1),NTT(g,x,1);
	for(int i=0;i<n;i++)g[i]=(mod+2-(LL)A[i]*g[i]%mod)*g[i]%mod;
	NTT(g,x,-1),fill(g+len,g+n,0); 
}
const int inv2=(mod+1)/2;
void Sqrt(int *f,int *g,int len){
	static int A[N],B[N];
	if(len==1)return g[0]=sqrt(f[0]),void();
	Sqrt(f,g,len>>1),Inv(g,B,len);
	copy(f,f+len,A);
	int x=log2(len<<1),n=1<<x;
	fill(A+len,A+n,0),fill(B+len,B+n,0),fill(g+(len>>1),g+n,0);
	NTT(A,x,1),NTT(B,x,1),NTT(g,x,1);
	for(int i=0;i<n;i++)g[i]=(g[i]+(LL)A[i]*B[i]%mod)%mod*inv2%mod;
	NTT(g,x,-1),fill(g+len,g+n,0);
}
int f[N],g[N];
int main(){
	int n=Getint();
	for(int i=0;i<n;i++)f[i]=Getint();
	int len=ceil(log2(n));
	Sqrt(f,g,1<<len);
	for(int i=0;i<n;i++)cout<<g[i]<<' '; 
	return 0;
}

多项式求导

已知多项式(A(x))，求：

[frac {dA(x)}{dx} ]

思路：多项式的每一项都是个简单的幂函数，那么直接对每一项求导就可以了。

void Der(int *f,int *g,int len){
	for(int i=0;i<len;i++)g[i]=(LL)f[i+1]*(i+1)%mod;
	g[len-1]=0;
}

多项式求积分

已知多项式(A(x))，求：

[int A(x)dx ]

思路：同上，直接对每一项积分，(int ax^ndx=frac a{n+1}x^{n+1})，默认积分后常数为(0)。

void Int(int *f,int *g,int len){
	for(int i=1;i<len;i++)g[i]=(LL)f[i-1]*ksm(i,mod-2)%mod;
	g[0]=0;
}

多项式求对数

前置知识：多项式求逆+多项式求导+多项式积分。

模板：

void Ln(int *f,int *g,int len){
	static int A[N],B[N];
	Der(f,A,len),Inv(f,B,len);
	int x=log2(len<<1),n=1<<x;
	fill(A+len,A+n,0),fill(B+len,B+n,0);
	NTT(A,x,1),NTT(B,x,1);
	for(int i=0;i<n;i++)A[i]=(LL)A[i]*B[i]%mod;
	NTT(A,x,-1),Int(A,g,len); 
}

---

例题

【LGOJ】多项式对数函数

#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<cstdio>
#include<iomanip>
#include<cstdlib>
#define MAXN 0x7fffffff
typedef long long LL;
const int N=400005,mod=998244353;
using namespace std;
inline int Getint(){register int x=0,f=1;register char ch=getchar();while(!isdigit(ch)){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}while(isdigit(ch)){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();}return x*f;}
int ksm(int x,int k){
	int ret=1;
	while(k){
		if(k&1)ret=(LL)ret*x%mod;
		x=(LL)x*x%mod;
		k>>=1; 
	}
	return ret;
}
void Der(int *f,int *g,int len){
	for(int i=0;i<len;i++)g[i]=(LL)f[i+1]*(i+1)%mod;
	g[len-1]=0;
}
void Int(int *f,int *g,int len){
	for(int i=1;i<len;i++)g[i]=(LL)f[i-1]*ksm(i,mod-2)%mod;
	g[0]=0;
}
void NTT(int *a,int x,int K){
	static int rev[N],lst;
	int n=(1<<x);
	if(n!=lst){
		for(int i=0;i<n;i++)rev[i]=(rev[i>>1]>>1)|((i&1)<<x-1);
		lst=n;
	}
	for(int i=0;i<n;i++)if(i<rev[i])swap(a[i],a[rev[i]]);
	for(int i=1;i<n;i<<=1){
		int tmp=i<<1,wn=ksm(3,(mod-1)/tmp);
		if(K==-1)wn=ksm(wn,mod-2); 
		for(int j=0;j<n;j+=tmp){
			int w=1;
			for(int k=0;k<i;k++,w=(LL)w*wn%mod){
				int x=a[j+k],y=(LL)w*a[i+j+k]%mod;
				a[j+k]=(x+y)%mod;a[i+j+k]=(x-y+mod)%mod;
			}
		}
	}
	if(K==-1){
		int inv=ksm(n,mod-2);
		for(int i=0;i<n;i++)a[i]=(LL)a[i]*inv%mod;
	}
}
void Inv(int *f,int *g,int len){
	static int A[N];
	if(len==1)return g[0]=ksm(f[0],mod-2),void();
	Inv(f,g,len>>1),copy(f,f+len,A);
	int x=log2(len<<1),n=1<<x;
	fill(A+len,A+n,0),fill(g+(len>>1),g+n,0);
	NTT(A,x,1),NTT(g,x,1);
	for(int i=0;i<n;i++)g[i]=(mod+2-(LL)A[i]*g[i]%mod)*g[i]%mod;
	NTT(g,x,-1),fill(g+len,g+n,0); 
}
void Ln(int *f,int *g,int len){
	static int A[N],B[N];
	Der(f,A,len),Inv(f,B,len);
	int x=log2(len<<1),n=1<<x;
	fill(A+len,A+n,0),fill(B+len,B+n,0);
	NTT(A,x,1),NTT(B,x,1);
	for(int i=0;i<n;i++)A[i]=(LL)A[i]*B[i]%mod;
	NTT(A,x,-1),Int(A,g,len); 
}
int f[N],g[N];
int main(){
	int n=Getint();
	for(int i=0;i<n;i++)f[i]=Getint();
	int len=ceil(log2(n));
	Ln(f,g,1<<len);
	for(int i=0;i<n;i++)cout<<g[i]<<' ';
	return 0;
}

多项式求自然对数为底的指数函数

前置知识：多项式求对数。

模板：

void Exp(int *f,int *g,int len){
	static int A[N];
	if(len==1)return g[0]=1,void();
	int x=log2(len<<1),n=1<<x;
	Exp(f,g,len>>1);
	fill(A+len,A+n,0),fill(g+(len>>1),g+n,0);
	Ln(g,A,len);
	A[0]=(f[0]+1-A[0]+mod)%mod;
	for(int i=1;i<len;i++)A[i]=(f[i]-A[i]+mod)%mod;
	NTT(A,x,1),NTT(g,x,1);
	for(int i=0;i<n;i++)g[i]=(LL)g[i]*A[i]%mod;
	NTT(g,x,-1),fill(g+len,g+n,0);
}

---

例题：

【LGOJ】多项式指数函数

#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<cstdio>
#include<iomanip>
#include<cstdlib>
#define MAXN 0x7fffffff
typedef long long LL;
const int N=400005,mod=998244353;
using namespace std;
inline int Getint(){register int x=0,f=1;register char ch=getchar();while(!isdigit(ch)){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}while(isdigit(ch)){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();}return x*f;}
int ksm(int x,int k){
	int ret=1;
	while(k){
		if(k&1)ret=(LL)ret*x%mod;
		x=(LL)x*x%mod;
		k>>=1; 
	}
	return ret;
}
void Der(int *f,int *g,int len){
	for(int i=0;i<len;i++)g[i]=(LL)f[i+1]*(i+1)%mod;
	g[len-1]=0;
}
void Int(int *f,int *g,int len){
	for(int i=1;i<len;i++)g[i]=(LL)f[i-1]*ksm(i,mod-2)%mod;
	g[0]=0;
}
void NTT(int *a,int x,int K){
	static int rev[N],lst;
	int n=(1<<x);
	if(n!=lst){
		for(int i=0;i<n;i++)rev[i]=(rev[i>>1]>>1)|((i&1)<<x-1);
		lst=n;
	}
	for(int i=0;i<n;i++)if(i<rev[i])swap(a[i],a[rev[i]]);
	for(int i=1;i<n;i<<=1){
		int tmp=i<<1,wn=ksm(3,(mod-1)/tmp);
		if(K==-1)wn=ksm(wn,mod-2); 
		for(int j=0;j<n;j+=tmp){
			int w=1;
			for(int k=0;k<i;k++,w=(LL)w*wn%mod){
				int x=a[j+k],y=(LL)w*a[i+j+k]%mod;
				a[j+k]=(x+y)%mod;a[i+j+k]=(x-y+mod)%mod;
			}
		}
	}
	if(K==-1){
		int inv=ksm(n,mod-2);
		for(int i=0;i<n;i++)a[i]=(LL)a[i]*inv%mod;
	}
}
void Inv(int *f,int *g,int len){
	static int A[N];
	if(len==1)return g[0]=ksm(f[0],mod-2),void();
	Inv(f,g,len>>1),copy(f,f+len,A);
	int x=log2(len<<1),n=1<<x;
	fill(A+len,A+n,0),fill(g+(len>>1),g+n,0);
	NTT(A,x,1),NTT(g,x,1);
	for(int i=0;i<n;i++)g[i]=(mod+2-(LL)A[i]*g[i]%mod)*g[i]%mod;
	NTT(g,x,-1),fill(g+len,g+n,0); 
}
void Ln(int *f,int *g,int len){
	static int A[N],B[N];
	Der(f,A,len),Inv(f,B,len);
	int x=log2(len<<1),n=1<<x;
	fill(A+len,A+n,0),fill(B+len,B+n,0);
	NTT(A,x,1),NTT(B,x,1);
	for(int i=0;i<n;i++)A[i]=(LL)A[i]*B[i]%mod;
	NTT(A,x,-1),Int(A,g,len); 
}
void Exp(int *f,int *g,int len){
	static int A[N];
	if(len==1)return g[0]=1,void();
	int x=log2(len<<1),n=1<<x;
	Exp(f,g,len>>1);
	fill(A+len,A+n,0),fill(g+(len>>1),g+n,0);
	Ln(g,A,len);
	A[0]=(f[0]+1-A[0]+mod)%mod;
	for(int i=1;i<len;i++)A[i]=(f[i]-A[i]+mod)%mod;
	NTT(A,x,1),NTT(g,x,1);
	for(int i=0;i<n;i++)g[i]=(LL)g[i]*A[i]%mod;
	NTT(g,x,-1),fill(g+len,g+n,0);
}
int f[N],g[N];
int main(){
	int n=Getint();
	for(int i=0;i<n;i++)f[i]=Getint();
	int len=ceil(log2(n));
	Exp(f,g,1<<len);
	for(int i=0;i<n;i++)cout<<g[i]<<' ';
	return 0;
}

多项式快速幂

void Pow(int *f,int len,int k){
	static int A[N];
	Ln(f,A,len);
	for(int i=0;i<len;i++)A[i]=(LL)A[i]*k%mod;
	Exp(A,f,len);
}

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最近发现了一种特别睿智的办法，直接NTT后，对于每个数ksm一次就好了。。。。。。。。。

void Pow(int *f,int len,int k){
	int x=log2(len);
    NTT(f,x,1);
	for(int i=0;i<len;i++)f[i]=ksm(f[i],k);
	NTT(f,x,-1);
}

例题

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多项式除法

To be continue...

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