• Atcoder Tenka1 Programmer Contest 2019 E


    题意:
    给出一个多项式,问有多少个质数(p)使得(p;|;f(x)),不管(x)取何值

    思路:
    首先所有系数的(gcd)的质因子都是可以的。
    再考虑一个结论,如果在(mod p)意义下,多项式中存在((x^p - x))这个因式,那么这个质数(p)也是可以的
    显然(p leq n),那么我们只要枚举每个(leq n)的质数,做模(p)意义下的多项式除法,判断余数是否为(0)即可。

    证明:

    • 充分性:考虑(p;|;f(x)),即(f(x) = kp),即在(mod p)意义下,(f(x) = 0),根据欧拉定理,分两种情况讨论
      • (x < p),又因为(p)是质数,那么显然有((x, p) = 1),那么(x^{p - 1} equiv 1 pmod p),有(x^{p} - x equiv 0 pmod p)
      • (x geq p),如果(gcd(x, p))不为(1),那么显然有(gcd(x, p) = p),那么已经满足(p;|;f(x)),否则套用欧拉定理
    • 必要性:如果(p;|;f(x)),那么(0, 1, cdots, p - 1)必然为(f(x))的一个根,那么(f(x))有因式(x(x - 1)(x - 2)cdots(x - (p - 1)))。我们考虑这个因式与(x^p - x)是等价的,如果不是等价的,那么作差之后,最高次变为(p - 1),而根的个数却有(p)个,显然矛盾
    #include <bits/stdc++.h>
    using namespace std;
    
    #define N 10010
    int n, a[N], b[N];
    bool isprime(int x) {
    	for (int i = 2; 1ll * i * i <= x; ++i) {
    		if (x % i == 0) {
    			return false;
    		}
    	}
    	return true;
    }
    int gcd(int a, int b) {
    	return b ? gcd(b, a % b) : a;
    }
    bool ok(int p) {
    	if (a[0] % p) {
    		return false;
    	}
    	for (int i = 0; i <= n; ++i) {
    		b[i] = a[i];
    	}
    	for (int i = n; i >= p - 1; --i) {
    		(b[i - (p - 1)] += b[i]) %= p;
    		b[i] = 0;
    	}
    	for (int i = 0; i <= n; ++i) {
    		if (b[i] % p) {
    			return false;
    		}
    	}
    	return true;
    }
    
    int main() {
    	while (scanf("%d", &n) != EOF) {
    		int G = 0; 
    		for (int i = 0; i <= n; ++i) {
    			scanf("%d", a + i);
    			G = gcd(G, abs(a[i]));
    		}
    		reverse(a, a + 1 + n); 
    		vector <int> res;
    		for (int i = 2; 1ll * i * i <= G; ++i) {
    			if (G % i == 0) {
    				res.push_back(i); 
    				while (G % i == 0) {
    					G /= i;
    				}
    			}
    		}
    		if (G > 1) {
    			res.push_back(G);
    		}
    		for (int i = 2; i <= n; ++i) {
    			if (isprime(i) && ok(i)) {
    				res.push_back(i);
    			}
    		}
    		sort(res.begin(), res.end());
    		res.erase(unique(res.begin(), res.end()), res.end());
    		for (auto it : res) {
    			printf("%d
    ", it);
    		}
    	//	puts("------------");
    	}
    	return 0;
    }
    
    
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  • 原文地址:https://www.cnblogs.com/Dup4/p/10750749.html
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