HDU 5876 Sparse Graph 【补图最短路 BFS】(2016 ACM/ICPC Asia Regional Dalian Online)

Sparse Graph

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Problem Description

In graph theory, the complement of a graph G is a graph H on the same vertices such that two distinct vertices of H are adjacent if and only if they are notadjacent in G. 

Now you are given an undirected graph G of N nodes and M bidirectional edges of unit length. Consider the complement of G, i.e., H. For a given vertex S on H, you are required to compute the shortest distances from S to all N−1 other vertices.

 

Input

There are multiple test cases. The first line of input is an integer T(1≤T<35) denoting the number of test cases. For each test case, the first line contains two integers N(2≤N≤200000) and M(0≤M≤20000). The following M lines each contains two distinct integers u,v(1≤u,v≤N) denoting an edge. And S (1≤S≤N) is given on the last line.

 

Output

For each of T test cases, print a single line consisting of N−1 space separated integers, denoting shortest distances of the remaining N−1 vertices from S (if a vertex cannot be reached from S, output ``-1" (without quotes) instead) in ascending order of vertex number.

 

Sample Input

1 2 0 1

 

Sample Output

1

 

Source

2016 ACM/ICPC Asia Regional Dalian Online

 

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题目链接：

　　http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5876

题目大意：

　　给你N个点M条无向边的一张图G(2<=N<=200000,0<=M<=20000)，并给定起点S，边权均为1，求在这张图的补图H上S到其他N-1个点的最短路，无法到达为-1。

　　补图：在原图G上X和Y之间有一条边，则补图上X和Y之间没有相连的边，在原图X和Z之间没边，那么在补图上X和Z之间有一条边。

题目思路：

　　【补图最短路】【宽搜】

　　比赛的时候数据范围写错了导致队列开小了。WA了。。然而队友神奇的map[5500][5500]居然过了。。不是很懂。。

　　首先分析一下原图G，如果存在孤立点X（不与任何点相连），那么在补图上这个点X与其他所有的点相连，所以d[X]=1。

　　　　对于其余点Y，若Y与S相连则Y的最短路为S->X->Y，d[Y]=2，否则即为S->Y,d[Y]=1。(当N>M+1时必有孤立点)

　　再考虑没有孤立点的情况，对于原图G，先将S能够到达的点和不能到达的点分为两个集合T和Q，易知Q中所有的点d[i]=1

　　接着，将Q中的所有点做一次宽搜(最短路SPFA)，每个点能够到达的在T中的点d++，Q中所有的点都做完后判断T中的点

　　对于T中的点X，如果X在原图不能被Q中所有的点走到，那么在补图中一定有一条边从Q中的点Y连向X，则d[X]=d[Y]+1，

　　如果被Q中所有点走到，那么这个点继续留在X中等待下一次。

　　做完一次后，继续对新加入Q中的节点做宽搜(最短路SPFA)，直到没有新节点加入Q。

　　如果此时T中还有点则为走不到的,d=-1。

　　最后输出答案即可。注意多余空格会PE。

　　注释见代码。

//
//by coolxxx
//#include<bits/stdc++.h>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<string>
#include<iomanip>
#include<map>
#include<stack>
#include<queue>
#include<set>
#include<bitset>
#include<memory.h>
#include<time.h>
#include<stdio.h>
#include<stdlib.h>
#include<string.h>
//#include<stdbool.h>
#include<math.h>
#define min(a,b) ((a)<(b)?(a):(b))
#define max(a,b) ((a)>(b)?(a):(b))
#define abs(a) ((a)>0?(a):(-(a)))
#define lowbit(a) (a&(-a))
#define sqr(a) ((a)*(a))
#define swap(a,b) ((a)^=(b),(b)^=(a),(a)^=(b))
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
#define eps (1e-10)
#define J 10000
#define mod 1000000007
#define MAX 0x7f7f7f7f
#define PI 3.14159265358979323
#pragma comment(linker,"/STACK:1024000000,1024000000")
#define N 200004
#define M 20004
using namespace std;
typedef long long LL;
double anss;
LL aans;
int cas,cass;
int n,m,lll,ans;
int S;
int last[N],d[N];
char ch;
int q[M],t[M];
struct xxx
{
    int to,next;
}a[M<<1];
bool mark[N];
void add(int x,int y)
{
    a[++lll].to=y;
    a[lll].next=last[x];
    last[x]=lll;
}
void work1()
{
    int i;
    for(i=1;i<=n;i++)d[i]=1;
    for(i=last[S];i;i=a[i].next)d[a[i].to]+=1;//孤立点情况与S相连的点答案为2，其余为1
    for(i=1;i<=n;i++)
    {
        if(i==n || (i==n-1 && S==n))ch='
';
        else ch=' ';
        if(i==S)continue;
        printf("%d%c",d[i],ch);
    }
}
void spfa()
{
    int i,now,to,l=1,r=1,x=0,y=0,sz;
    mem(mark,0);
    for(i=1;i<=n;i++)d[i]=mark[i]=1;//初始化
    q[1]=S;mark[S]=1;d[S]=0;
    for(i=last[S];i;i=a[i].next)mark[a[i].to]=0;
    for(i=1;i<=n;i++)//将所有点分成两类
    {
        if(i==S)continue;
        if(mark[i])
            q[++r]=i;//与S不相连的,d=1
        else
            t[++y]=i;//与S相连的，需要进一步判断
    }
    while(l<r)
    {
        while(l<r)//将Q中新加入的点now往T集合的点走，每走到一个在T中的点x,d[x]++
        {
            now=q[++l];
            for(i=last[now];i;i=a[i].next)
            {
                to=a[i].to;
                if(mark[to])continue;
                d[to]++;
            }
        }
        sz=r;//sz为Q集合的大小，如果在T中的点x在补图中有连向Q的边，那么d[x]<sz(在原图上x不被所有Q中的点走到)
        for(i=1,x=0;i<=y;i++)
        {
            now=t[i];
            if(d[now]==sz)
                t[++x]=now;//被所有点走到，继续留在T中
            else
            {
                q[++r]=now;//将这个点加入Q中
                d[now]=d[q[l]]+1;//这个点的距离为上一个距离+1
                mark[now]=1;//标记为在Q中
            }
        }
        y=x;//T的新大小
    }
    for(i=1;i<=y;i++)d[t[i]]=-1;//若Q中的点都遍历完，T中还有剩余的点，则为走不到的点，d=-1
    for(i=1;i<=n;i++)
    {
        if(i==n || (i==n-1 && S==n))ch='
';
        else ch=' ';
        if(i==S)continue;
        printf("%d%c",d[i],ch);
    }
}
int main()
{
    #ifndef ONLINE_JUDGE
//    freopen("1.txt","r",stdin);
//    freopen("2.txt","w",stdout);
    #endif
    int i,j,k;
    int x,y,z;
//    init();
    for(scanf("%d",&cass);cass;cass--)
//    for(scanf("%d",&cas),cass=1;cass<=cas;cass++)
//    while(~scanf("%s",s))
//    while(~scanf("%d",&n))
    {
        lll=cas=0;mem(last,0);mem(mark,0);
        scanf("%d%d",&n,&m);
        for(i=1;i<=m;i++)
        {
            scanf("%d%d",&x,&y);
            add(x,y),add(y,x);
            if(!mark[x])mark[x]=1,cas++;
            if(!mark[y])mark[y]=1,cas++;
        }
        scanf("%d",&S);
        if(cas<n)work1();//孤立点情况
        else spfa();//无孤立点情况
    }
    return 0;
}
/*
//

//
*/