【CF739E】Gosha is hunting 贪心

【CF739E】Gosha is hunting

题意：有n个小精灵，你有a个普通球和b个超级球，用普通球抓住第i只小精灵的概率为$A_i$，用超级球抓住第i只小精灵的概率为$u_i$。你必须一开始就决定向哪些精灵投掷哪些精灵球，同种的球只能对一个精灵用一次，可以对一只精灵投掷两种球，如果两次中有一次抓到则视为抓到。问你如果采用最优的方案，最终抓到小精灵的期望个数是多少。

$nle 2000$。

题解：我们先将所有小精灵按$B$排序，然后我们枚举最后一个投b或ab的小精灵i，那么不难证明i左边的所有小精灵都是b或a或ab，i右面的小精灵都是0或a。接着我们想把左面的三种情况拆开，不难发现$A_x+B_x-A_xB_x+B_y>B_x+A_y+B_y-A_yB_y$->$(1-B_x)A_x>(1-B_y)A_y$，所以只要将i左边按$(1-B)A$排序，然后就可以枚举j，满足[1,j]都是ab或b，(j,i]都是a或b。此时我们就可以先假设[1,i]全选b，则[1,j]中每个点选ab的贡献就是$A-AB$，(j,i]中每个点选a的贡献就是$A-B$，(i,n]中每个点选a的贡献是$A$。我们只需要用一个数据结构维护前k大值的和即可。用treap比较容易，当然我懒，用的是两个对顶的堆来维护。

时间复杂度$O(n^2log n)$。

#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <queue>
#define lson x<<1
#define rson x<<1|1
using namespace std;
const int maxn=2010;
int n,A,B;
double ans,sum;
struct node
{
	double a,b,c;
}p[maxn];
struct heap
{
	priority_queue<double> a,b;
	inline double top()
	{
		while(!b.empty()&&a.top()==b.top())	a.pop(),b.pop();
		return a.top();
	}
	inline int size()	{return a.size()-b.size();}
	inline void erase(double x)	{b.push(x);}
	inline void push(double x)	{a.push(x);}
	inline void pop()
	{
		while(!b.empty()&&a.top()==b.top())	a.pop(),b.pop();
		a.pop();
	}
	inline void clr()
	{
		while(!a.empty())	a.pop();
		while(!b.empty())	b.pop();
	}
};
struct bst
{
	heap p1,p2;
	int lim;
	inline void insert(double x)
	{
		p1.push(-x),sum+=x;
		if(p1.size()>lim)	p2.push(-p1.top()),sum+=p1.top(),p1.pop();
	}
	inline void del(double x)
	{
		if(x<=p2.top())	p2.erase(x);
		else
		{
			sum-=x,p1.erase(-x);
			if(p1.size()<lim&&p2.size())	p1.push(-p2.top()),sum+=p2.top(),p2.pop();
		}
	}
	inline void clr() {p1.clr(),p2.clr();}
}b1,b2;
bool cmp1(const node &a,const node &b)
{
	return a.b>b.b;
}
bool cmp2(const node &a,const node &b)
{
	return (1-a.a)*a.b>(1-b.a)*b.b;
}
int main()
{
	scanf("%d%d%d",&n,&A,&B);
	int i,j;
	for(i=1;i<=n;i++)	scanf("%lf",&p[i].a);
	for(i=1;i<=n;i++)	scanf("%lf",&p[i].b),p[i].c=1-(1-p[i].a)*(1-p[i].b);
	sort(p+1,p+n+1,cmp1);
	double sumb=0;
	for(i=1;i<B;i++)	sumb+=p[i].b;
	for(i=B;i<=min(n,A+B);i++)
	{
		sumb+=p[i].b;
		b1.clr(),b2.clr(),b1.lim=A-i+B,b2.lim=i-B,sum=0;
		sort(p+1,p+i+1,cmp2);
		for(j=1;j<=i;j++)	b2.insert(p[j].a-p[j].b);
		for(j=i+1;j<=n;j++)	b1.insert(p[j].a);
		ans=max(ans,sumb+sum);
		for(j=1;j<=B;j++)
		{
			b2.del(p[j].a-p[j].b),b1.insert(p[j].c-p[j].b);
			ans=max(ans,sumb+sum);
		}
	}
	printf("%.6lf",ans);
	return 0;
}