CF1458D Flip and Reverse

一、题目

点此看题

二、解法

没有什么好的想法，就从图论的角度入手吧。

要根据题目特性来建图，首先要考虑把什么当做点的问题，如果把字符串的元素当成点是不好表示 子串必须包含同样数量的字符0与1 这个限制的。但是前缀和可以方便地表示这个限制，令 (1) 为 (1)，(0) 为 (-1)，那么如果 (sum_l=sum_r) 就说明这是一个可以操作的区间，那么我们把前缀和建成点。

还要考虑怎么表示字符串里的元素，直接当成边建上去，对于元素 (s_i)，将点 (sum_{i-1}) 和 (sum_i) 连一条标记为 (s_i) 的边，考虑原始字符串就对应了这张图里的某一条欧拉回路（因为要把所有的边访问完）

那么把转换和翻转操作对应到图上，因为有边相连的两个点编号相差 (1)，所以这张图是很特别的。首先选出一条起点终点相同的路径，然后把沿路经过的边换方向即可，你会发现新的路径正好对应操作之后的字符串。

现在的问题是最小化字典序，有一个结论：所有欧拉路径都对应着操作后的合法字符串。考虑走到 (x) 之后出现了两种存在欧拉路径的选择 (x-1) 和 (x+1)，因为都是欧拉路径所以往一边走一定能走回来，那么说明存在边 x-1->x 和 x+1->x，如果应该走 x+1（即是对应原字符串的走法）那么是 x->x+1->x->x-1->x，可以通过操作换成 x->x-1->x->x+1->x，这正好对应走 x-1 的方法，虽然它并不对应原字符串但是合法的。

那么找到原图定起点定终点，经过标记字典序最小的欧拉回路即可，根据图的特性可以设计如下贪心。

• 如果 x-1 走过去并且能走回来，那么无脑走 x-1 即可。
• 否则 x-1 走过去就回不来了，那么走 x+1；如果走不了 x+1 是可以直接走 x-1 的。

代码非常好写，时间复杂度 (O(n))

三、总结

套路：差分，前缀和。差分可以在区间打标记修改之类的问题使用，前缀和在有区间权值限制的问题使用。

如果要用图论，思考每类元素的意义（是建成边还是建成点），学会把限制建在图上是很重要的。

#include <cstdio>
#include <cstring>
const int M = 500005;
int read()
{
	int x=0,f=1;char c;
	while((c=getchar())<'0' || c>'9') {if(c=='-') f=-1;}
	while(c>='0' && c<='9') {x=(x<<3)+(x<<1)+(c^48);c=getchar();}
	return x*f;
}
int T,n,a[2*M][2];char s[M];
void work()
{
    scanf("%s",s+1),n=strlen(s+1);
    int x=n;
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        a[x][s[i]-'0']++;
        if(s[i]=='0') x--;
        else x++;
    }
    x=n;
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        if(a[x][0] && a[x-1][1]) a[x][0]--,x--,printf("0");
        else if(a[x][1]) a[x][1]--,x++,printf("1");
        else a[x][0]--,x--,printf("0");
    }
    puts("");
}
signed main()
{
    T=read();
    while(T--) work();
}