拖了好久了
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跳台阶
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题目描述
小明在坐景驰科技研发的无人车到达了目的地。
景驰科技（JingChi.ai）是一家由人工智能技术驱动、以无人驾驶技术为核心的智能出行公司。它将打造面向中国市场的全无人驾驶。
从无人车下来以后，小明看到了一个长长的楼梯。
有一个n级台阶的楼梯，小明一次可以向上跳1步，两步，甚至是n步，请问小明跳到n级台阶有多少种跳法？
输入描述:
第一行输入一个整数t，代表有t组样例:（ T<=30）
接下来的t行，都用一个整数n，表示楼梯有n级台阶（ 1<=n<=30）
输出描述:
输出跳到第n级台阶有多少种跳法
示例1
输入
1 1
输出
1
跳台阶的正常问题，可以到n步，每次都是前一次的两倍，猜了一发答案还错了
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; int main() { int T; cin>>T; while(T--) { int n; cin>>n; cout<<(1<<(n-1))<<" "; } return 0; }
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psd面试
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题目描述
掌握未来命运的女神 psd 师兄在拿了朝田诗乃的 buff 后决定去实习。
埃森哲公司注册成立于爱尔兰，是一家全球领先的专业服务公司，为客户提供战略、咨询、数字、技术和运营服务及解决方案。他们立足商业与技术的前沿，业务涵盖40多个行业，以及企业日常运营部门的各个职能。凭借独特的业内经验与专业技能，以及翘楚全球的交付网络，他们帮助客户提升绩效，并为利益相关方持续创造价值。埃森哲是《财富》全球500强企业之一，目前拥有约41.1万名员工，服务于120多个国家的客户。于是psd打算去埃森哲公司投一下简历。
于是他用英文写了一篇简历，由于手速太快了以致自己都不知道写了什么。然而面试官 xwc 一眼就看到了重点：大学打过 ACM！
xwc：“
听说你很低袄？考你个题：
忽略字母大小写，你这篇简历去掉最长的回文子序列后还有多长？
”
psd 顺手就把这个问题抛给了你。
输入描述:
多组输入，每组输入一个长度不超过 1234 的没空格的字符串，是 psd 的简历。
输出描述:
每组输出一个整数，如题。
示例1
输入
输出
2
示例2
输入
aBc,bAd
输出
2
经典的dp原题
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; const int N = 1235; char str[N]; int dp[N][N]; int main() { while(~scanf("%s",str)) { for(int i=0; str[i]; i++) if(str[i]>='A'&&str[i]<='Z') str[i]+=32; memset(dp,0,sizeof(dp)); int len = strlen(str); for(int i = len-1; i >= 0; --i) { dp[i][i] = 1; for(int j = i+1; j < len; ++j) if(str[i] == str[j]) dp[i][j] = dp[i+1][j-1]+2; else dp[i][j] = max(dp[i][j-1],dp[i+1][j]); } printf("%d ",len-dp[0][len-1]); } return 0; }
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回旋星空
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题目描述
曾经有两个来自吉尔尼斯的人(A和C)恋爱了,他们晚上经常在一起看头上的那片名为假的回旋星空,
有一天他们分手了,A想通过回旋星空测量他们之间的复合指数,测量的规则是,
计算回旋图标的个数,即选中三颗星星,分别作为回旋图标的起点,拐点和终点,假设现在有三个
星星分别为i,j,k,如果d(a[i],a[j]) == d(a[j],a[k])则表示找到了一个回旋图标,其中d(x,y)表示这两个点的欧氏距离
为了给它很大的希望(i,j,k)和(k,j,i)被认为是两个不同的回旋图标
A花了一晚上终于把整片星空映射到了一张二平面图上,由于星星太多以至于A有点懵逼,所以
你能帮帮他吗,要不然他可能真的WA的一声哭了出来
作为埃森哲公司的一员，你在解决问题的同时也向A介绍了埃森哲公司的业务范围。
为了全方位地满足客户的需求，正在不断拓展自身的业务服务网络，包括管理及信息技术咨询、企业经营外包、企业联盟和风险投资。除了以产品制造业、通信和高科技、金融服务、资源、政府机构等不同行业划分服务内容之外，还从以下几方面提供咨询服务：
1.客户关系管理
2.业务解决方案
3.电子商务
4.供应链管理
1.客户关系管理
2.业务解决方案
3.电子商务
4.供应链管理
输入描述:
第一行一个整数T(T<=10),表示组数
对于每组数据有一个n,表示有n个小星星(0< n < 1000)
接下来跟着n行,每行跟两个整数xi和yi表示每个星星的坐标(-10000< xi, yi<10000)
输出描述:
对于每组数据,如果没有找到回旋图标输出”WA”,否则输出找到图标个数
示例1
输入
2 2 1 0 0 1 3 1 0 0 1 0 0
输出
WA 2
备注:
没有重复的星星，且选中的三个星星是互相不一样的（即下标不同）
欧氏距离即直线距离
搞一下这个距离不就好了，n个里面拿两个
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; #define ll long long int int main() { ios::sync_with_stdio(false); int t; cin>>t; while(t--) { int n; ll sum=0,x[1005],y[1005]; cin>>n; for(int i=0;i<n;++i) cin>>x[i]>>y[i]; for(int i=0;i<n;++i) { map<ll,int> ma; for(int j=0;j<n;++j) ma[ (x[i]-x[j])*(x[i]-x[j]) + (y[i]-y[j])*(y[i]-y[j]) ]++; for(map<ll,int>::iterator it=ma.begin();it!=ma.end();++it) { if(it->second>=2) sum+=(it->second*(it->second-1))/2; } } if(sum==0)cout<<"WA"<<endl; else cout<<sum*2<<endl; } return 0; }
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等式
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题目描述
给定n，求1/x + 1/y = 1/n （x<=y）的解数。（x、y、n均为正整数）
输入描述:
在第一行输入一个正整数T。
接下来有T行，每行输入一个正整数n，请求出符合该方程要求的解数。
（1<=n<=1e9）
输出描述:
输出符合该方程要求的解数。
示例1
输入
3 1 20180101 1000000000
输出
1 5 181
把他化简一下，(x-n)(y-n)=n^2
其实就是处理n*n的因子个数
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; const int times=20; const int N=100; ll mult_mod(ll a,ll b,ll mod) { a%=mod; b%=mod; ll res=0; while(b) { if(b&1) { res+=a; res%=mod; } a<<=1; if(a>=mod) a%=mod; b>>=1; } return res; } ll pow_mod(ll x,ll n,ll mod) { if(n==1) return x%mod; x%=mod; ll t=x; ll res=1; while(n) { if(n&1) res=mult_mod(res,t,mod); t=mult_mod(t,t,mod); n>>=1; } return res; } bool test(ll a,ll n,ll x,ll t) { ll res=pow_mod(a,x,n); ll last=res; for(int i=1; i<=t; i++) { res=mult_mod(res,res,n); if(res==1&&last!=1&&last!=n-1) return true; last=res; } if(res!=1) return true; return false; } bool miller_rabin(ll n) { if(n<2) return false; if(n==2) return true; if((n&1)==0) return false; ll x=n-1,t=0; while((x&1)==0) { x>>=1; t++; } for(int i=0; i<times; i++) { ll a=rand()%(n-1)+1; if(test(a,n,x,t)) return false; } return true; } ll factor[N]; int tot; ll gcd(ll a,ll b) { if(a==0) return 1; if(a<0) return gcd(-a,b); while(b) { ll c=a%b; a=b; b=c; } return a; } ll pollard_rho(ll x,ll c) { ll i=1,k=2; ll x0=rand()%x; ll y=x0; while(1) { i++; x0=(mult_mod(x0,x0,x)+c)%x; ll d=gcd(y-x0,x); if(d!=1&&d!=x) return d; if(y==x0) return x; if(i==k) { y=x0; k+=k; } } } void find_factor(ll n) { if(miller_rabin(n)) { factor[tot++]=n; return ; } ll p=n; while(p>=n) p=pollard_rho(p,rand()%(n-1)+1); find_factor(p); find_factor(n/p); } int main() { srand(time(0)); int t; cin>>t; while(t--) { int n; cin>>n; if(n==1) cout<<"1 "; else { tot=0; if(miller_rabin(n)||n<=1) factor[tot++]=n; else { find_factor(n); sort(factor,factor+tot); } map<int,int>M; for(int i=0; i<tot; i++) M[factor[i]]++; int ans=1; for(auto X:M) { ans=ans*(2*X.second+1); } cout<<(ans+1)/2<<" "; } } return 0; }
朴素的素数筛选就可以过的，上面非常sb的用了大素数分解
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; int main() { int T; scanf("%d",&T); while (T--) { int n; scanf("%d",&n); long long ans=1; for (int i=2;i*i<=n;++i) if (n%i==0) { int t=1; while (n%i==0) n/=i,t+=2; ans*=t; } if (n!=1) ans*=3; printf("%lld ",(ans+1)/2); } }
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旋转矩阵
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题目描述
景驰公司自成立伊始，公司便将“推动智能交通的发展，让人类的出行更安全，更高效，更经济，更舒适”作为公司使命，通过产业融合、建设智能汽车出行行业的方式，打造“利国、利民、利公司、利个人”的无人驾驶出行系统。公司的愿景是成为中国第一、世界一流的智能出行公司。
有一天，景驰公司的工程师在真车上做测试。 景驰公司的试验车上面有一个奇怪的图案，这是一个n*m的矩阵，这辆车可以到处开，每次可以左旋右旋，小明想知道转完之后的图案是怎么样的
具体来说：有一个n*m的字符矩阵，只包含3种字符（‘+’‘-’，‘|’）,通过一通乱旋之后变成什么样子？
输入描述:
第一行测试样例数T（0<T<=100）
每个测试样例第一行两个正整数n,m(0<n,m<=30)
接下来的n行是一个n*m的字符矩阵
字符矩阵之后是一串只包含‘L’(左旋)和‘R’（右旋）的字符串，长度不超过1000
每个样例间输出一个空行
输出描述:
第一行两个正整数n,m
接下来的n行是一个n*m的字符矩阵
每个样例后面输出一个空行
示例1
输入
2 2 3 +-+ |+| LLRRR 3 2 -+ +| -+ LLL
输出
3 2 -+ +| -+ 2 3 |+| +-+
备注:
左旋即逆时针旋转，右旋即顺时针旋转
-通过一次左旋或右旋会变成|
|通过一次左旋或右旋会变成-
就是一个大模拟
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; #define ll long long int string s[50],str; int main() { int t; cin>>t; while(t--) { int n,m,x=0; cin>>n>>m; for(int i=0; i<n; i++) { cin>>s[i]; } cin>>str; for(int i=0; str[i]; i++) if(str[i]=='L') x++; else x--; x=(x%4+4)%4; if(x==0) { cout<<n<<" "<<m<<endl; for(int i=0; i<n; i++) cout<<s[i]<<endl; } else if(x==1) { cout<<m<<" "<<n<<endl; for(int i=m-1; i>=0; i--) { for(int j=0; j<n; j++) if(s[j][i]=='|')cout<<"-"; else if(s[j][i]=='-')cout<<"|"; else cout<<s[j][i]; cout<<endl; } } else if(x==2) { cout<<n<<" "<<m<<endl; for(int i=n-1; i>=0; i--) reverse(s[i].begin(),s[i].end()),cout<<s[i]<<endl; } else if(x==3) { cout<<m<<" "<<n<<endl; for(int i=0; i<m; i++) { for(int j=n-1; j>=0; j--) if(s[j][i]=='|')cout<<"-"; else if(s[j][i]=='-')cout<<"|"; else cout<<s[j][i]; cout<<endl; } } cout<<' '; } return 0; }
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填空题
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题目描述
牛客网是是一个专注于程序员的学习和成长的专业平台，集笔面试系统、课程教育、社群交流、招聘内推于一体，同时它也是全国最大的IT题库，刷真题，练算法，看面经，得内推，全面提升你的技术水平、推荐最好的工作给你。Tmk很喜欢在牛客网上刷题。
回想起Tmk第一次看到牛客网的时候觉得很棒，就想赶紧做一道题。
于是他打开了a+b problem，题目是这样的，输入a和b，输出a+b=？
例如输入3和4，输出3+4=7.
Tmk觉得好难，通过了与小伙伴们激烈的讨论，然后打下了下面的代码：
#include <cstdio>
using namespace std;
Int main()
{
Int a,b,c;
scanf(“%d %d”,&a,&b);
c=a+b;
printf(“%d+%d=%d”,?,b,?);
return 0;
}
Tmk懵逼了，他不知道?那里应该是填什么字母，现在他好想去ac这道题，请问这两个问号的位置应该用什么代替呢？（一个?的位置应该填一个字母）
输入描述:
无
输出描述:
直接输出第一个问号所表示的字母和第二个问号所表示的字母。中间没有空格。
示例1
输入
null
输出
null
说明
题目无输入，只要输出答案即可
签到，输出两个字符
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; #define ll long long int int main() { printf("ac "); return 0; }
链接：https://www.nowcoder.com/acm/contest/90/J
来源：牛客网
强迫症的序列
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题目描述
牛客网是IT求职神器,提供海量C++、JAVA、前端等职业笔试题库,在线进行百度阿里腾讯网易等互联网名企笔试面试模拟考试练习,和牛人一起讨论经典试题,全面提升你的编程。作为acmer的小A，牛客网是他首选的题库。
小A是一个中度强迫症患者,每次做数组有关的题目都异常难受,他十分希望数组的每一个元素都一样大,这样子看起来才是最棒的,所以他决定通过一些操作把这个变成一个看起来不难受的数组,但他又想不要和之前的那个数组偏差那么大,所以他每次操作只给这个数组的其中n-1个元素加1,但是小A并不能很好的算出最优的解决方案,如果你能帮他解决这个问题,小A就能送你一个气球
输入描述:
第一行一个整数T(T<=100),表示组数
对于每组数据有一个n,表示序列的长度(0< n <100000)
下面一行有n个数,表示每个序列的值(0<ai<1000)
输出描述:
输出两个数
第一个数表示最小的操作步数
第二个数经过若干步以后的数组元素是什么
示例1
输入
1 3 1 2 3
输出
3 4
随便写啊，有点贪心的思想？
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; #define ll long long int int main() { ios::sync_with_stdio(false); int t; cin>>t; while(t--) { ll sum=0,x,minn=1e9; int n; cin>>n; for(int i=0; i<n; i++) cin>>x,sum+=x,minn=min(minn,x); ll num=sum-n*minn; cout<<num<<" "<<(sum+num*(n-1))/n<<" "; } return 0; }
链接：https://www.nowcoder.com/acm/contest/90/K
来源：牛客网
密码
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空间限制：C/C++ 262144K，其他语言524288K
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题目描述
ZiZi登录各种账号的时候，总是会忘记密码，所以他把密码都记录在一个记事本上。其中第一个密码就是牛客网的密码。
牛客网专注于程序员的学习、成长及职位发展，连接C端程序员及B端招聘方，通过IT笔试面试题库、在线社区、在线课程等提高候选人的求职效率，通过在线笔试、面试及其他工具提升企业的招聘效率。
团队由来自Google、百度、阿里、网易等知名互联网巨头的热血技术青年组成，用户覆盖全国2000多所高校的100W求职程序员及全部一线互联网企业，并仍在高速增长中。
谨慎的ZiZi当然不会直接把密码记录在上面，而是把上面的字符串经过转化后才是真正的密码。转化的规则是把字符串以n行锯齿形写出来，然后再按从左到右，从上到下读取，即为真正的密码。如ABABCADCE以3行写出：
所以真正的密码是ACEBBACAD。但是每一次都要写出来就太麻烦了，您如果能帮他写出一个转换程序，他就送你一个气球。
输入描述:
第一行一个整数T，表示数据组数
对于每组数据，首先一个正整数n（n<=100,000),然后下一行为一个字符串，字符串长度len<=100,000。
输出描述:
对于每组数据，输出一个字符串，代表真正的密码。
示例1
输入
1 3 ABABCADCE
输出
ACEBBACAD
这个也是大力模拟啊，可是我竟然打错了
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; #define ll long long int char s[100005]; string ans; int main() { int t; scanf("%d",&t); while(t--) { int n; scanf("%d",&n); scanf("%s",s+1); int l=strlen(s+1); if(n==1) printf("%s ",s+1); else { ans=""; for(int i=1; i<=l; i+=2*n-2) ans+=s[i]; for(int i=2; i<n; i++) { for(int j=i; j<=l; j+=2*n-2) { ans+=s[j]; if(j-i+2*n-i<=l)ans+=s[j-i+2*n-i]; } } for(int i=n; i<=l; i+=2*n-2) ans+=s[i]; cout<<ans<<" "; } } return 0; }
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用来作弊的药水
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题目描述
在一个风雨交加的夜晚，来自异世界的不愿透露姓名的TMK同学获得了两种超强药水A、B。根据说明书，TMK知道了这两种药水的作用：
(1)药水A能使人的生命值提高，每饮用1个单位能使他生命值变成原来的x倍，即每饮用p个单位能使他的生命值变成原来的x^p(x的p次方)倍。
(2)药水B能使人的能量值提高，每饮用1个单位能使他能量值变成原来的y倍，即每饮用q个单位能使他的能量值变成原来的y^q(y的q次方)倍。
于是TMK迫不及待地喝下了所有的a个单位的药水A和b个单位的药水B，他立马体会到了自己能力的超强变化，然后他看了接下来的说明书：
药水A和药水B能互相抑制对方的负面效果，一旦生命值提升的倍数和能量值提升的倍数不相等，那么在五个小时后将会发生非常严重的后果。
(1)药水A能使人的生命值提高，每饮用1个单位能使他生命值变成原来的x倍，即每饮用p个单位能使他的生命值变成原来的x^p(x的p次方)倍。
(2)药水B能使人的能量值提高，每饮用1个单位能使他能量值变成原来的y倍，即每饮用q个单位能使他的能量值变成原来的y^q(y的q次方)倍。
于是TMK迫不及待地喝下了所有的a个单位的药水A和b个单位的药水B，他立马体会到了自己能力的超强变化，然后他看了接下来的说明书：
药水A和药水B能互相抑制对方的负面效果，一旦生命值提升的倍数和能量值提升的倍数不相等，那么在五个小时后将会发生非常严重的后果。
于是TMK同学慌了，他想知道自己提升的生命值和能量值的倍数是否相等，由于他非常慌张，所以他把计算的重任交给你了。
作为埃森哲公司的一员，你觉得这个问题很简单，这得益于埃森哲公司分享知识的文化。
分享知识已成为埃森哲源远流长的文化。
埃森哲公司在帮助客户进行行之有效的知识管理的同时，它的管理层在其内部也进行了成功的知识管理的实践。如今，在埃森哲，分享知识已成为其源远流长的文化。在很大程度上，埃森哲公司的成功得益于其强大的知识管理系统。
输入描述:
第一行一个整数T，代表有T组数据。(1<=T<=5000)
每组数据仅一行，包含四个整数x,a,y,b，意义为题目描述。(1<=x,a,y,b<=10^9)
输出描述:
每组数据输出一行"Yes"或"No"(不包含双引号)，表示TMK提升的生命值和能量值的倍数是否相等，相等为"Yes"，不相等为"No"。
示例1
输入
4 2 20 4 10 20 20 20 20 20 21 21 20 32768 32768 1048576 24576
输出
Yes Yes No Yes
这个%一下就行，双HASH也不错，如果小的话可以直接分解，我这里还是用了大素数分解
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; const int times=20; const int N=100; ll mult_mod(ll a,ll b,ll mod) { a%=mod; b%=mod; ll res=0; while(b) { if(b&1) { res+=a; res%=mod; } a<<=1; if(a>=mod) a%=mod; b>>=1; } return res; } ll pow_mod(ll x,ll n,ll mod) { if(n==1) return x%mod; x%=mod; ll t=x; ll res=1; while(n) { if(n&1) res=mult_mod(res,t,mod); t=mult_mod(t,t,mod); n>>=1; } return res; } bool test(ll a,ll n,ll x,ll t) { ll res=pow_mod(a,x,n); ll last=res; for(int i=1; i<=t; i++) { res=mult_mod(res,res,n); if(res==1&&last!=1&&last!=n-1) return true; last=res; } if(res!=1) return true; return false; } bool miller_rabin(ll n) { if(n<2) return false; if(n==2) return true; if((n&1)==0) return false; ll x=n-1,t=0; while((x&1)==0) { x>>=1; t++; } for(int i=0; i<times; i++) { ll a=rand()%(n-1)+1; if(test(a,n,x,t)) return false; } return true; } ll factor[N]; int tot; ll gcd(ll a,ll b) { if(a==0) return 1; if(a<0) return gcd(-a,b); while(b) { ll c=a%b; a=b; b=c; } return a; } ll pollard_rho(ll x,ll c) { ll i=1,k=2; ll x0=rand()%x; ll y=x0; while(1) { i++; x0=(mult_mod(x0,x0,x)+c)%x; ll d=gcd(y-x0,x); if(d!=1&&d!=x) return d; if(y==x0) return x; if(i==k) { y=x0; k+=k; } } } void find_factor(ll n) { if(miller_rabin(n)) { factor[tot++]=n; return ; } ll p=n; while(p>=n) p=pollard_rho(p,rand()%(n-1)+1); find_factor(p); find_factor(n/p); } int main() { srand(time(0)); int t; scanf("%d",&t); ll n; while(t--) { int a,b,c,d; scanf("%d%d%d%d",&a,&b,&c,&d); if(a==1&&c==1) printf("Yes "); else { tot=0; if(miller_rabin(a)||a<=1) factor[tot++]=a; else { find_factor(a); sort(factor,factor+tot); } map<int,int>M1,M2; for(int i=0; i<tot; i++) M1[factor[i]]++; tot=0; if(miller_rabin(c)||c<=1) factor[tot++]=c; else { find_factor(c); sort(factor,factor+tot); } for(int i=0; i<tot; i++) M2[factor[i]]++; if(M1.size()!=M2.size())printf("No "); else { map<int,int>::iterator it; it=M1.begin(); int f=1; for(auto X:M2) { if(X.first!=it->first||X.second*1LL*d!=it->second*1LL*b)f=0; it++; } if(f)printf("Yes "); else printf("No "); } } } return 0; }