比较联机游戏不同玩家数量时，卡顿的概率。
比如六人联机卡顿概率是三人联机的几倍（其实这是我思考这个问题的出发点。
问题简化:
假设一个玩家网络卡顿的概率为p， 且0<=p<=1。
那么n个玩家联机打一局游戏，遇到卡顿的概率是多少？
说明1：只要有一个玩家卡顿就算这局游戏卡顿。
说明2: n>=2，因为一人单机不用联网。
分析与求解
直接去计算卡顿是很麻烦的，
因为要考虑多种情况:
- 1个玩家卡顿
- 2个玩家卡顿
...... - n个玩家卡顿
正难则反
我们从该问题的反向情况思考，
即没有玩家卡顿的概率是多少，再用1一减。
那么就很简单，一个玩家不卡顿的概率是(1-p)，
n个玩家都不卡顿的概率是((1-p)^n)
所以遇到卡顿的概率如下
[P = 1 - (1-p)^n
]
这个展开写的话，有点麻烦了，就不详细展开了。
接下来我们要探究的是不同人数的卡顿概率问题
深入探究
总体数据变化
对于固定的n，这个最终结果受到变量p的影响。
把这个写成函数形式如下
[P_n(p) = 1 - (1-p)^n
]
那么n取2,3,4,5,6时，对应的函数如下
[P_2(p) = 1 - (1-p)^2\
P_3(p) = 1 - (1-p)^3\
P_4(p) = 1 - (1-p)^4\
P_5(p) = 1 - (1-p)^5\
P_6(p) = 1 - (1-p)^6\
]
我们首先看下，n在这些值时，
(P_n)与变量p的变化关系。
不同n值的差别在p比较小的时候很明显，但是差距好像也不是很大，起码比我预想中的要小。
以p=0.1为例，
[P_2 = 0.19 \
P_3 = 0.27 \
P_4 = 0.34 \
P_5 = 0.41 \
P_6 = 0.47
]
(P_6)约是(P_2)的2.5倍左右
不过数据比例关系在这个图中感觉还是不够直观，尤其是p<0.1时，太小看不清。
6v3
下面专门来看看六玩家卡顿概率是三玩家卡顿概率的多少倍。
[egin{aligned}
M_{6-3} &= frac {P_6(p)} {P_3(p)} =
frac {1 - (1-p)^6} {1 - (1-p)^3} \
&= frac {(1 - (1-p)^3)(1 + (1-p)^3)} {1 - (1-p)^3} & ext{平方差公式}\
&= (1 + (1-p)^3)
end{aligned}
]
由于0<p<1，所以
这个倍数关系范围在1-2之间，
具体如下图
6v2
再来看看六玩家卡顿概率是二玩家卡顿概率的多少倍。
[egin{aligned}
M_{6-2} &= frac {P_6(p)} {P_2(p)} =
frac {1 - (1-p)^6} {1 - (1-p)^2} \
&= frac {(1 - (1-p)^2)(1 + (1-p)^2 + (1-p)^4 )} {1 - (1-p)^2} & ext{立方差公式} \
&= 1 + (1-p)^2 + (1-p)^4
end{aligned}
]
由于0<p<1，所以
这个倍数关系范围在1-3之间，
其图像如下
结论
- 6玩家卡顿概率,最多是3玩家卡顿概率的两倍
- 6玩家卡顿概率,最多是2玩家卡顿概率的3倍
由于p=0时，P都为0, 所以实际上最大值达不到。