Disk Schedule
Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)Total Submission(s): 780 Accepted Submission(s): 119
Problem Description
有很多从磁盘读取数据的需求，包括顺序读取、随机读取。为了提高效率，需要人为安排磁盘读取。然而，在现实中，这种做法很复杂。我们考虑一个相对简单的场景。
磁盘有许多轨道，每个轨道有许多扇区，用于存储数据。当我们想在特定扇区来读取数据时，磁头需要跳转到特定的轨道、具体扇区进行读取操作。为了简单，我们假 设磁头可以在某个轨道顺时针或逆时针匀速旋转，旋转一周的时间是360个单位时间。磁头也可以随意移动到某个轨道进行读取，每跳转到一个相邻轨道的时间为 400个单位时间，跳转前后磁头所在扇区位置不变。一次读取数据的时间为10个单位时间，读取前后磁头所在的扇区位置不变。磁头同时只能做一件事：跳转轨 道，旋转或读取。
现在，需要在磁盘读取一组数据，假设每个轨道至多有一个读取请求，这个读取的扇区是轨道上分布在 0到359内的一个整数点扇区，即轨道的某个360等分点。磁头的起始点在0轨道0扇区，此时没有数据读取。在完成所有读取后，磁头需要回到0轨道0扇区 的始点位置。请问完成给定的读取所需的最小时间。
磁盘有许多轨道，每个轨道有许多扇区，用于存储数据。当我们想在特定扇区来读取数据时，磁头需要跳转到特定的轨道、具体扇区进行读取操作。为了简单，我们假 设磁头可以在某个轨道顺时针或逆时针匀速旋转，旋转一周的时间是360个单位时间。磁头也可以随意移动到某个轨道进行读取，每跳转到一个相邻轨道的时间为 400个单位时间，跳转前后磁头所在扇区位置不变。一次读取数据的时间为10个单位时间，读取前后磁头所在的扇区位置不变。磁头同时只能做一件事：跳转轨 道，旋转或读取。
现在，需要在磁盘读取一组数据，假设每个轨道至多有一个读取请求，这个读取的扇区是轨道上分布在 0到359内的一个整数点扇区，即轨道的某个360等分点。磁头的起始点在0轨道0扇区，此时没有数据读取。在完成所有读取后，磁头需要回到0轨道0扇区 的始点位置。请问完成给定的读取所需的最小时间。
Input
输入的第一行包含一个整数M（0<M<=100），表示测试数据的组数。
对于每组测试数据，第一行包含一个整数N（0<N<=1000），表示要读取的数据的数量。之后每行包含两个整数T和S（0<T<=1000，0<= S<360），表示每个数据的磁道和扇区，磁道是按升序排列，并且没有重复。
对于每组测试数据，第一行包含一个整数N（0<N<=1000），表示要读取的数据的数量。之后每行包含两个整数T和S（0<T<=1000，0<= S<360），表示每个数据的磁道和扇区，磁道是按升序排列，并且没有重复。
Output
对于每组测试数据，输出一个整数，表示完成全部读取所需的时间。
Sample Input
311 1031 203 305 1021 102 11
Sample Output
8304090
1642
这比第一题复杂得多→_→刚看到题没想太多就按照贪心的思路依次向上累加了。写到一半才醒悟还会有“上移时跳过而下移时读取”的情况。。
这才开始搞状态转移方程。
实际上这题思路类似《算法导论》上的双调欧几里得问题，那么这里就直接粘代码咯：
1 #include <cstdio>
2 #include <cmath>
3 #include <iostream>
4 using namespace std;
5 int M, N;
6 int T[1005][1005], t, s[1005]/*第i个点的扇区*/;
7 int sD(int a,int b)
8 {
9 int x = abs(s[a]-s[b]);
10 if(x > 180)x = 360-x;
11 return x;
12 }
13 void deal()
14 {
15 int i,j;
16 scanf("%d", &N);
17 T[0][0] = s[0] = 0; //T[i][j]中i>j,表示从(0,0)分别到i,j的最短路径长度,s[i]表示i点的扇区
18 for(i = 1;i <=N;++i)
19 {
20 scanf("%d%d",&t,s+i);
21 T[i][0] = T[i-1][0] + sD(i, i-1);
22 }
23 for(i = 2;i <=N;++i)
24 {
25 for(j = 1;j <i-1;++j)
26 T[i][j] = T[i-1][j] + sD(i-1,i);
27 int min = 0x7FFFFFFF;
28 for(j = 0;j<i-1;++j) //j的意义已改变，"去路端点"为点i-1
29 if(min > T[i-1][j] + sD(j, i))min = T[i-1][j] + sD(j, i);
30 T[i][i-1] = min;
31 }
32 printf("%d ", T[N][N-1] + sD(N, N-1) + t * 800 + 10 * N);
33 }
34 int main()
35 {
36 scanf("%d", &M);
37 for(int i = 0;i<M;++i)
38 deal();
39 return 0;
40 }
2 #include <cmath>
3 #include <iostream>
4 using namespace std;
5 int M, N;
6 int T[1005][1005], t, s[1005]/*第i个点的扇区*/;
7 int sD(int a,int b)
8 {
9 int x = abs(s[a]-s[b]);
10 if(x > 180)x = 360-x;
11 return x;
12 }
13 void deal()
14 {
15 int i,j;
16 scanf("%d", &N);
17 T[0][0] = s[0] = 0; //T[i][j]中i>j,表示从(0,0)分别到i,j的最短路径长度,s[i]表示i点的扇区
18 for(i = 1;i <=N;++i)
19 {
20 scanf("%d%d",&t,s+i);
21 T[i][0] = T[i-1][0] + sD(i, i-1);
22 }
23 for(i = 2;i <=N;++i)
24 {
25 for(j = 1;j <i-1;++j)
26 T[i][j] = T[i-1][j] + sD(i-1,i);
27 int min = 0x7FFFFFFF;
28 for(j = 0;j<i-1;++j) //j的意义已改变，"去路端点"为点i-1
29 if(min > T[i-1][j] + sD(j, i))min = T[i-1][j] + sD(j, i);
30 T[i][i-1] = min;
31 }
32 printf("%d ", T[N][N-1] + sD(N, N-1) + t * 800 + 10 * N);
33 }
34 int main()
35 {
36 scanf("%d", &M);
37 for(int i = 0;i<M;++i)
38 deal();
39 return 0;
40 }