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题意

求字符串所有前缀的所有后缀表示中字典序最小的位置集合，最终转换为1112进制表示。比如aab，有三个前缀分别为a，aa，aab。其中a的后缀只有一个a，位置下标1；aa有两个后缀，字典序最小的是a，下标为2；aab有三个后缀，字典序最小的是aab，下标是1。答案为 (1*(1112)^2+2*(1112)^1+1*(1112)^0)

字符串长度1e6

分析

在求字符串的最小表示法中，有一个叫做Lyndon分解的求法，Lyndon分解可以使用Duval算法。详情可以参考 oi-wiki。

设(d[j]) 为前缀 j 的字典序最小后缀的起始位置，i, j, k 指针与oi-wiki中介绍的一致。对于下面三种情况讨论d[j]的求解

(j - k) 为 近似Lyndon串前缀的循环节长度。

1. (s[j] == s[k]), 那么d[j] = d[k] + (j - k); 本质上是取了 j 所在循环节的开头位置。((s=wwwoverline{w}) 中 (overline{w}) 的开头)
2. (s[j] > s[k])，那么 d[j] = i; 当前(s[i..j]) 是一个Lyndon串，所以d[j] = i;
3. (s[j] < s[k])，Duval算法中会重新处理 j 所在的这一段((s=wwwoverline{w}) 中 (overline{w})), i会被置为这一段的开头，继续后面的分解过程。这里有一个特殊情况需要考虑，如果 (j == k + 1)，那么 j 就是下一次分解的开头, i 会被置为 j，所以要手动将d[j] = j。

#include<bits/stdc++.h>

using namespace std;
typedef long long ll;
const int inf = 0x3f3f3f3f;
#define dbg(x...) do { cout << "33[32;1m" << #x <<" -> "; err(x); } while (0)
void err() { cout << "33[39;0m" << endl; }
template<class T, class... Ts> void err(const T& arg,const Ts&... args) { cout << arg << " "; err(args...); }
const int N = 1e6 + 5;
const int mod = 1e9 + 7;
char s[N];
ll d[N], n;

int main(){
    int T;scanf("%d", &T);
    while(T--){
        scanf("%s", s + 1);
        n = strlen(s + 1);
        int i = 1; d[1] = 1;
        while(i <= n) {
            int j = i + 1, k = i;
            while(j <= n && s[k] <= s[j]) {
                if(s[k] == s[j]){
                    d[j] = d[k] + (j - k);
                    k ++;
                }
                else {
                    d[j] = i;
                    k = i;
                }
                j ++;
            }
            d[j] = j; // 当 k == j - 1 时，必须有这一条。因为下面的循环结束后，i = k + 1 也就是 j，接下来的大循环不会在处理当前的 j， 这次 j 是被当做lyndon分解串的一个起点对待的。
            while(i <= k) i += j - k;
        }
        ll res = 0;
        for(int i = n;i>=1; i --){
            res = res * 1112 + d[i];
            res %= mod;
        }
        printf("%lld
", res);
    }
    return 0;
}