Description
傲娇少女幽香是一个很萌很萌的妹子，而且她非常非常地有爱心，很喜欢为幻想乡的人们做一些自己力所能及的事情来帮助他们。 这不，幻想乡突然发生了地震，所有的道路都崩塌了。现在的首要任务是尽快让幻想乡的交通体系重新建立起来。幻想乡一共有n个地方，那么最快的方法当然是修复n-1条道路将这n个地方都连接起来。 幻想乡这n个地方本来是连通的，一共有m条边。现在这m条边由于地震的关系，全部都毁坏掉了。每条边都有一个修复它需要花费的时间，第i条边所需要的时间为ei。地震发生以后，由于幽香是一位人生经验丰富，见得多了的长者，她根据以前的经验，知道每次地震以后，每个ei会是一个0到1之间均匀分布的随机实数。并且所有ei都是完全独立的。 现在幽香要出发去帮忙修复道路了，她可以使用一个神奇的大魔法，能够选择需要的那n-1条边，同时开始修复，那么修复完成的时间就是这n-1条边的ei的最大值。当然幽香会先使用一个更加神奇的大魔法来观察出每条边ei的值，然后再选择完成时间最小的方案。 幽香在走之前，她想知道修复完成的时间的期望是多少呢？
Input
第一行两个数n,m，表示地方的数量和边的数量。其中点从1到n标号。
接下来m行，每行两个数a,b，表示点a和点b之间原来有一条边。
这个图不会有重边和自环。
Output
一行输出答案，四舍五入保留6位小数。
Sample Input
5 4
1 2
1 5
4 3
5 3
1 2
1 5
4 3
5 3
Sample Output
0.800000
HINT
提示：
（以下内容与题意无关，对于解题也不是必要的。）
对于n个[0,1]之间的随机变量x1,x2,...,xn，第k小的那个的期望值是k/(n+1)。
样例解释：
对于第一个样例，由于只有4条边，幽香显然只能选择这4条，那么答案就是4条边的ei中最大的数的期望，由提示中的内容，可知答案为0.8。
数据范围：
对于所有数据：n<=10, m<=n(n-1)/2, n,m>=1。
对于15%的数据：n<=3。
另有15%的数据：n<=10, m=n。
另有10%的数据：n<=10, m=n(n-1)/2。
另有20%的数据：n<=5。
另有20%的数据：n<=8。
正解：子集$dp$+微积分。
首先我们要知道一个事情，就是所有答案小于等于$x$的概率的和就是答案的期望，其中$x$可取$[0,1]$的任意数。
这个东西，要用分部积分来证明。。可以去网上别的博客看看，我不是很会。。
然后根据给的提示，我们可以算出所有答案$<$第$k$条边权的期望，再相加得到答案。
那么我们就可以设状态了，设$f[S][i]$表示$S$集合的点，有$i$条边且不连通的方案数，$g[S][i]$表示连通的方案数。
那么我们可以固定一个点，然后枚举和它在同一个集合的点。
那么$f[S][i]=sum g[T][j]*inom{cnt[S-T]}{i-j}$，其中$cnt[S]$表示$S$这个集合中的边数，$T$是$S$的子集且包含$S$的一个定点。
然后$g[S][i]=inom{cnt[S]}{i}-f[S][i]$。
最后我们把$sum_{i=0}^{m}f[all][i]$相加，再除以$m+1$就得到答案，因为前面算出来的是方案数，还要除概率。
1 #include <bits/stdc++.h> 2 #define il inline 3 #define RG register 4 #define ll long long 5 6 using namespace std; 7 8 struct edge{ int u,v; }e[110]; 9 10 double c[110][110],f[1024][110],g[1024][110],ans; 11 int cnt[1024],n,m,all; 12 13 il int gi(){ 14 RG int x=0,q=1; RG char ch=getchar(); 15 while ((ch<'0' || ch>'9') && ch!='-') ch=getchar(); 16 if (ch=='-') q=-1,ch=getchar(); 17 while (ch>='0' && ch<='9') x=x*10+ch-48,ch=getchar(); 18 return q*x; 19 } 20 21 int main(){ 22 #ifndef ONLINE_JUDGE 23 freopen("mst.in","r",stdin); 24 freopen("mst.out","w",stdout); 25 #endif 26 n=gi(),m=gi(),all=1<<n,c[0][0]=1; 27 for (RG int i=1;i<=m;++i) e[i]=(edge){gi(),gi()}; 28 for (RG int i=1;i<=m;++i){ 29 c[i][0]=c[i][i]=1; 30 for (RG int j=1;j<i;++j) c[i][j]=c[i-1][j-1]+c[i-1][j]; 31 } 32 for (RG int S=1;S<all;++S){ 33 for (RG int i=1;i<=m;++i) 34 cnt[S]+=(S>>(e[i].u-1)&1) && (S>>(e[i].v-1)&1); 35 for (RG int u=S & -S,s=(S-1)&S,sub;s;s=(s-1)&S){ 36 if (!(u&s)) continue; sub=S^s; 37 for (RG int i=0;i<=cnt[s];++i) 38 for (RG int j=0;j<=cnt[sub];++j) 39 f[S][i+j]+=g[s][i]*c[cnt[sub]][j]; 40 } 41 for (RG int i=0;i<=cnt[S];++i) g[S][i]=c[cnt[S]][i]-f[S][i]; 42 } 43 for (RG int i=0;i<=m;++i) ans+=f[all-1][i]/c[m][i]; 44 printf("%0.6lf ",ans/(m+1)); return 0; 45 }